构造函数法在高考中的运用

王维

(山东省曹县第三中学,274400)

纵观2015年全国各省市高考数学试题不难发现,构造函数法在解决高考试题中有着较为广泛的运用.本文以2015年高考相关试题为例予以说明,仅供参考.

一、不等式问题

例1(全国卷)设函数f′(x)是奇函数f(x)(x∈R)的导函数,f(-1)=0.当x>0时,xf′(x)-f(x)<0,则使得f(x)>0成立的x的取值范围是()

(A) (-∞,-1)∪(0,1)

(B) (-1,0)∪(1,+∞)

(C) (-∞,-1)∪(-1,0)

(D) (0,1)∪(1,+∞)

综上，易见x的取值范围是x<-1或0

例2(北京卷)已知函数

(1)求曲线y=f(x)在点(0,f(0))处的切线方程;

(2)求证:当x∈(0,1)时,

(3)(略).

解(1)易知函数f(x)的定义域为(-1,1).

从而f(0)=0,f′(0)=2.

故切线方程为y=2x.

评注用增数列构造减数列的方法是求数列上界不同凡响的一招,由此求得的上界往往比预期的更好.

评注本题第(2)问恰当地构造新函数,利用导数法研究函数的单调性,进而可证明不等式成立.

二、恒成立问题

例3(全国卷)设函数

f(x)=emx+x2-mx.

(1)证明:f(x)在(-∞,0)单调递减,在(0,+∞)单调递增;

(2)若对于任意x1,x2∈[-1,1],都有|f(x1)-f(x2)|≤e-1,求m的取值范围.

解(1)略.

(2)由(1)可知,f(x)在x=0处取得极小值为f(0)=1，所以有

|f(x1)-f(x2)|≤e-1

(*)

令函数g(t)=et-t-e+1,则

g′(t)=et-1，

易见g(t)在(-∞,0)内单调递减,在(0,+∞)内单调递增.

又g(1)=0,g(-1)=e-1+2-e<0,

所以当t∈[-1,1]时,g(t)≤0.

下面对实数m进行分类讨论:

当m∈[-1,1]时,g(m)≤0,g(-m)≤0,即(*)式成立;

当m>1时,由g(t)的单调性可知,g(m)>0,即em-m>e-1,(*)式不成立;

当m<-1时,g(-m)>0,即e-m+m>e-1,此时(*)式也不成立.

综上所述,可知m的取值范围是[-1,1].

评注本题问题(2)通过合理构造新的函数,利用导数法研究函数的单调性以及不等式恒成立问题,方便了求解有关参数的取值范围.

例4(四川卷)已知函数f(x)=-2(x+a)lnx+x2-2ax-2a2+a,其中a>0.

(1)设g(x)是f(x)的导函数,讨论g(x)的单调性;

(2)证明:存在a∈(0,1),使得f(x)≥0在区间(1,+∞)内恒成立,且f(x)=0在区间(1,+∞)内有唯一解.

解(1)略.

则φ(1)=1>0,

由零点存在定理,可知存在x0∈(1,e),使得φ(x0)=0.

u(x)=x-1-lnx(x≥1).

即a0∈(0,1).

当a=a0时,有f′(x0)=0,f(x0)=φ(x0)=0.

由(1)可知,函数f′(x)在(1,+∞)内单调递增,

从而当……