函数与导数问题的转化
——探析2022年浙江高考数学第22题的多种解法
2022-12-19杭州第七中学王浩宇
⦿杭州第七中学 王浩宇
1 试题呈现
(1)求f(x)的单调区间.
(2)已知a,b∈R,曲线f(x)上不同的三点(x1,f(x1)),(x2,f(x2)),(x3,f(x3))处的切线都经过点(a,b).证明:
(注:e=2.71828……是自然对数的底数.)
2 思路分析
本题第(1)小题求导即可,较为简单.下面主要对第(2)小题进行思路分析.
2.1 第(2)小题第(ⅰ)问思路分析
分析题干,发现命题者在题干中给出了曲线过点(a,b)的三条切线,题干中的信息可转化为方程b=f′(x)(a-x)+f(x)有三个正根.
思路一:函数零点个数.
由于方程b=f′(x)(a-x)+f(x)无法直接求解,故将其等价转化为函数零点个数问题,画出函数的草图,数形结合分析,可知a,b需满足的条件.此时不等式左侧已经得证,而右侧不等式的证明则可通过分析法,放缩b的范围得证,此为方法1.
思路二:两个函数图象交点个数.
进一步研究发现,可将b单独分离,减少函数中参数的数量,便于计算.将问题转化为两个函数图象交点个数的问题,该方法与方法1类似,在计算上略有简化,此为方法2.
思路三:换元法简化计算过程.
方法2中函数有较多分式,在求导时计算量较大,故对该函数使用换元法(取倒数),将分式转化为整式简化计算,其余做法与方法2类似,此为方法3.
第(ⅰ)问具体思维导图如图1所示.
图1
2.2 第(2)小题第(ⅱ)问思路分析
分析题干,由思路分析可知h(x)的单调性,可得条件1.由于所证结论中存在x1,x3,因此大胆进行尝试,写出h(x1)和h(x3)的具体表达式;由于所证结论中未出现参数b,故将h(x1)与h(x3)两式相减消去参数b,可得条件2.此处是该题的一个难点,在没有思路时,可大胆猜测,小心求证.
为了缩小已知和求证之间的差距,尝试对所证的结论进行转化.参考a 思路一:单向放缩化简. 思路二:双向放缩化简. 思路三:函数单调性证明. 在方法3构造函数的过程中,发现可以利用函数p(x)的单调性证明,此为方法5.该过程可以避免构造函数和对不等式进行放缩,只需利用p(x)的单调性.在具体计算过程中发现该方法计算量非常大且非常繁琐,构造的函数也较难想到,故并不推荐. 思路四:极限法消参. 对要证结论消参,将x1,x3中的一个用e和a表示,之后证明极端情况成立.所得式子与一元二次不等式有非常类似的结构,故考虑以求解一元二次不等式方式进行证明,该过程需要使用泰勒公式将对数函数进行转化,此为方法6. 第(ⅱ)问思维导图如图2所示: 图2 分析题干: f(x)上不同的三点处的切线为 y=f′(xi)(x-xi)+f(xi)(i=1,2,3) 由于点(a,b)满足上面三个方程,因此b=f′(x)·(a-x)+f(x)有三个正实根x1,x2,x3. 方法1:函数的零点个数. 构造函数h(x)=f(x)-b-f′(x)(x-a),要满足题目条件,需要h(x)有三个正零点.画出h(x)的草图,如图3所示. 图3 方法2:两个函数图象的交点. 设g(x)=f(x)+f′(x)(a-x),则g(x)的图象与y=b有三个交点.g(x)草图,如图4所示. 图4 方法2是方法1的变式,计算量与方法1接近,分别从两函数图象的交点和函数的零点角度分析问题.但以上两种解法均有分式出现,可否一开始就进行换元达到化简运算的目的?由此得出方法3,主要考查学生直观想象的数学核心素养. 图5 方法3:换元法化简计算. 方法1:不等式转化与放缩.3 具体解答方法
3.1 第(1)小题解答方法
3.2 第(2)小题第(ⅰ)问的解答方法
3.3 第(2)小题第(ⅱ)问的解答方法